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選D
首先分析小球如何才能回到A點。因為是彈性碰撞，小球與斜面碰撞時不會有能量損失，只有當小球與斜面碰撞是成垂直碰撞時才會沿原軌跡返回到出發點A，以此為前提進行計算。
不妨假設小球拋物線軌跡為y=-kx^2，由于拋物線具有統一性（即所有拋物線形狀都相同），甚至是假設y=-x^2,問題也不大，為不失一般性，還是假設y=-kx^2，假設小球與斜面碰撞坐標為（1，-k），由小球運動切線與斜面垂直可知，小球斜率為1/2k(因為此點拋物線切線斜率為-2k），可求得斜面軌跡為y=(1/2k)*x-1/2k-k，
然后聯立拋物線方程和直線方程求解，得x1=1,x2=-(1+2k^2)/2k^2，x2正是我們要求的點，然后代回拋物線方程求得此點切線斜率為（1+2k^2)/k，此斜率為tan（Θ+a)的值，即tan（Θ+a)=（1+2k^2)/k。
看題中選項沒有角度和的三角函數，而tanΘ=1/2k是已知了的，所以用tan（Θ+a)=（tana+tanΘ）/(1-tanatanΘ)，求得tana=（k+4k^3)/(1+4k^2)=k，然后，你就會發現tanatanΘ=1/2是常數啦
所以選D啦~~
我猛地發現貌似C也是對的哦~
你可以再算一算呵~
我要分啊我要分啊！！！
好吧，一樓更方便些，你把給他跡顫吧，我腦子抽了呵，當數學做了~~
樓主啊，我這個就是用數學拋物線分析的姿漏敗~你看一看啊~~
四樓把圖片傳上來了~就是一個簡單的拋物線和直線相交的圖，交點在拋物線搜喊頂點的話就是任意斜率都可以的，交點在拋物線左邊不在我考慮的小球與斜面垂直碰撞的范圍內~
動能守恒
0.5mVB^2+0.5mVA^2=0.5mV0^2 即VB^2+VA^2=V0^2
Ft cos30°=mVB
Ft sin30°=mVA豎直
mV0-Ft cos30°=mVA水平
VA^2=VA豎直^2+VA水平運基^2
具體解虛悄扮答請自差灶己計算
若能原路返回，則與斜面做緩嫌彈性碰撞時，速度方向垂慶檔直于斜面向下
畫速度矢量三角形
v=v0*( cos(Θ+a))/ (sinΘ)
矢量三角譽哪亂形面積s=0.5gt*v0cos(Θ+a)
又s=0.5v0 v sin(90+a)=0.5v0 v cos(a)
且gt=v0 sin(Θ+a)+v cosΘ
三角運算
可知選CD
本題兩個天線發射相干伏氏波，這與雙縫干涉是類似的。
由雙縫干涉公式，相長干涉的條件為
r1 - r2 = d sinθ = kλ (k = 1,2, ...)
因為θ是個小量，sinθ ≈ θ
所以 r1 - r2 = d sinθ≈ dθ
b的初始位相改變后，r2變為r2‘
r1 - r2' = dsinθ’ ≈ dθ'
因此，θ - θ' = (r2' - r2)/d
問題的關鍵就轉化為求 r2' - r2，即初始位相改變后b發出的電磁波的相對于原來電磁波的微小位移，這個又是可以計算出來的。
我們知道一個完整周期T 的長度為一爛枝個波長λ，角度是2π，那么用比例關系，一個小角度改變φ對應的長饑廳敏度有多大？設為x
λ/2π = x/φ
可得，x = λφ/2π，x 即上述 r2' - r2
所以 θ - θ' = λφ/2πd
另外，你說問的電磁波平面與ox的角度關系，問得不準確，
因為電磁波并不是只朝一個方向傳播，因此其傳播方向既有與ox平行也由于ox相交的。
若是問電磁波振動方向與ox的角度關系，那么應該是相垂直。
設兩個球心的連線與水平方向夾角是陵旅θ，
則cosθ＝（R－r）/ r
將兩個球作為友汪數整體，容易知圓筒兩側受的壓力大小相等，設此壓力大小是好首N
對上方的球O2分析：受重力P、O1球對它的彈力F（沿兩個球心連線斜向上）、圓筒側面對它的彈力N（水平向左），合力為0
得P / N＝tanθ
N＝P / tanθ
當圓筒將要倒的時候，地面對圓筒的支持力的作用點在它的右側下端，對圓筒應用平衡條件：合力矩為0
得N*r＋Q*（R / 2）＝N*（r＋2 r *sinθ）（以圓筒右下端為軸）
式中Q 是圓筒不倒的最小重力。
得Q＝(4 r *sinθ / R)*N＝4 P*r *cosθ / R＝4 P*r *[（R－r）/ r] / R＝4 P *（R－r） / R
